การทดสอบความแตกต่างบางอย่าง: นี่เป็นปัญหาที่ยากหรือไม่?


12

ฉันโพสต์สิ่งนี้ใน mathoverflow และไม่มีใครตอบ:

วิธีการของSchefféสำหรับการระบุความแตกต่างอย่างมีนัยสำคัญทางสถิติเป็นที่รู้จักกันอย่างกว้างขวาง ความคมชัดในหมู่หมายถึง ,ของประชากรเป็นเชิงเส้นรวมกันที่ , และเซนต์คิตส์และเนวิสของความคมชัดเป็นหลักความคมชัดเดียวกันดังนั้นใครจะบอกว่าชุดของความแตกต่างเป็นพื้นที่โปรเจค วิธีการของSchefféทดสอบสมมติฐานที่บอกว่าทุกความแตกต่างในหมู่เหล่านี้ประชากรเป็นและกำหนดระดับนัยสำคัญปฏิเสธสมมติฐานที่มีความน่าจะเป็นฉัน= 1 , ... , R R Σ R ฉัน= 1ฉันμ ฉันΣ r ฉัน= 1ฉัน = 0 R 0 อัลฟ่าอัลฟ่า0μii=1,,rri=1rciμii=1rci=0r0ααเนื่องจากสมมติฐานว่างเป็นจริง และหากสมมติฐานว่างถูกปฏิเสธSchefféชี้ให้เห็นว่าการทดสอบของเขาบอกเราว่าข้อแตกต่างอย่างมีนัยสำคัญแตกต่างจาก (ฉันไม่แน่ใจว่าบทความ Wikipedia ที่ฉันเชื่อมโยงกับจุดนั้น)0

ฉันต้องการทราบว่าสามารถทำสิ่งที่คล้ายกันในสถานการณ์ที่แตกต่างกันได้หรือไม่ พิจารณาเชิงเส้นอย่างง่ายรูปแบบการถดถอยที่ , nε ฉัน ~ ฉัน ผม d N ( 0 , σ 2 ) i = 1 , , nYi=α+βxi+εiεii.i.d.N(0,σ2)i=1,,n

สมมติฐานว่างที่ฉันต้องการพิจารณาเกี่ยวข้องกับความแตกต่าง มันบอกว่าไม่มีเซตย่อยเช่นนั้นสำหรับและสำหรับที่\หากเซตย่อยถูกระบุไว้ล่วงหน้าแล้วตัวอย่างสองตัวอย่าง -test จะทำการทดสอบ แต่เราต้องการสิ่งที่พิจารณาเซตย่อยทั้งหมดและเก็บความน่าจะเป็นที่จะปฏิเสธสมมติฐานว่างเปล่าที่แท้จริงE ( Y i ) = α 1 + β x ฉันฉันA E ( Y ฉัน ) = α 2 + β x ฉันฉันA α 1α 2 A tA{1,,n}E(Yi)=α1+βxiiAE(Yi)=α2+βxiiAα1α2At

หนึ่งสามารถคิดออกนี้ถ้ามีประสิทธิภาพไม่ได้กังวล: พบการทดสอบที่ผ่านไปทุกความเป็นไปได้ ถึงอย่างนั้นมันก็เป็นปัญหา สองความแตกต่างจะไม่เป็นอิสระ ฉันถามผู้เชี่ยวชาญเกี่ยวกับการตรวจจับนอกเรื่องเกี่ยวกับเรื่องนี้และเขาเพิ่งบอกว่ามันเป็นฝันร้ายแบบ combinatorial จากนั้นฉันก็ถามว่าใครสามารถพิสูจน์ได้ว่าไม่มีวิธีที่มีประสิทธิภาพในการทำบางทีอาจลดปัญหา NP-hard ลง เขาแค่บอกว่าเขาอยู่ห่างจากปัญหาที่ยากลำบาก2n11

ดังนั้น: หนึ่งสามารถพิสูจน์ได้ว่าปัญหานี้เป็น "ยาก" หรือว่าไม่ใช่?


(+1) การคัดลอกความคิดเห็นเพื่อความกระจ่างจากเวอร์ชั่น MO : เพียงจุดเล็ก ๆ ของการอธิบาย: เมื่อฉันอ่านมันมีคุณสมบัติภายใต้สมมติฐานว่างของคุณ แต่และทำไม่ได้ (โดยไม่คำนึงถึง ) นั่นคือสิ่งที่คุณตั้งใจหรือไม่ (มันดูเหมือนจะไม่ตรงกับบางส่วนของอธิฐานอื่น ๆ ที่เกิดขึ้นในคำถาม.)(α1,α2,α3)=(1,2,3)(1,2,2)(1,1,1)β
พระคาร์ดินัล

ตามที่ระบุไว้ข้างต้นสมมติฐานว่างก็คือว่าเราต้องการเพียงหนึ่งและสมมติฐานทางเลือกคือเราต้องการสอง ฉันไม่รู้ว่าทำไมคุณมีหนึ่งในสาม เราสามารถพิจารณาสมมุติฐานว่างของหนึ่งเทียบกับสมมติฐานทางเลือกของหลาย ๆ อันและนั่นอาจเป็นสิ่งที่ฉันควรทำแทน αα
Michael Hardy

ขอบคุณ บางทีฉันอาจถูกโยนออกไปด้วยข้อความดั้งเดิมของแบบจำลองในขณะที่ซึ่งฉันได้นำมาเป็นตัวพิมพ์ที่อาจเป็นไปได้สำหรับ (เนื่องจากได้รับอนุญาตให้เปลี่ยนแปลง) Yi=α+βxi+εiααi
พระคาร์ดินัล

แน่นอนว่าถ้าขึ้นอยู่กับมันจะเป็นแบบจำลองแบบ over-parametrized และไม่เหมือนอย่างที่คนทั่วไปเรียกว่า "แบบจำลองการถดถอยเชิงเส้นอย่างง่าย" αi
Michael Hardy

คำตอบ:


1

พบว่ายังไม่มีใครตอบคำถามนี้จนถึงตอนนี้ ...

โดยพื้นฐานแล้วคำถามคือ: มีเวกเตอร์ 0-1ที่ ให้ a (พอดี) ดีกว่า "ดีขึ้นอย่างมีนัยสำคัญ" สามารถจับในแง่ของผลรวมของสี่เหลี่ยมเป็นความไม่เท่าเทียมกัน คำถามจะกลายเป็นว่ามีวิธีแก้ปัญหา 0-1 สำหรับความไม่เท่าเทียมกัน นี่เป็นตัวแปรของปัญหาการแบ่งพาร์ติชันที่กำหนดซึ่งเป็นที่รู้จักกันว่า NP-hardY ฉัน = α + β x ฉัน + γ Z ฉัน + ε ฉันY ฉัน = α + β x ฉัน + εฉัน ( Z ) ทีZ

yi=α+βxi+γzi+ϵi
yi=α+βxi+ϵi.
f(z)t.

สามารถลดปัญหาการแบ่งพาร์ทิชันตามจริงกับปัญหานี้ได้หรือไม่? ถ้าเป็นเช่นนั้นจะพิสูจน์ว่านี่เป็นปัญหาที่ยาก
Michael Hardy

ปัญหานี้อย่างน้อยที่สุดก็ยากเท่ากับปัญหาการแบ่งพาร์ติชันชุดแบบคลาสสิค (SPP) SPP ใช้การรวมกันเชิงเส้นของตุ้มน้ำหนักและพยายามคูณด้วย +/- 1 เพื่อให้ได้นิพจน์ที่รวมเป็น 0 ตรงนี้คุณต้องการที่จะสนองความไม่เท่าเทียมกัน หากสิ่งนี้สามารถแก้ไขได้ในเวลาพหุนามสำหรับอินพุตโดยพลการดังนั้นการทะเลาะกันแสดงให้เห็นว่าคุณสามารถแก้ไข SPP ในเวลาพหุนาม นั่นไม่ใช่การลดลงอย่างแน่นอน แต่มันใกล้เคียง
user3697176
โดยการใช้ไซต์ของเรา หมายความว่าคุณได้อ่านและทำความเข้าใจนโยบายคุกกี้และนโยบายความเป็นส่วนตัวของเราแล้ว
Licensed under cc by-sa 3.0 with attribution required.